2019年韶关中考物理试卷答案解析及word文字版下载（难度系数点评）

2017年韶关中考物理试卷答案解析及word文字版下载（难度系数点评）

一、单项选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）在每小题列出的四个选项中，只有一个是正确的。1．（3分）（2016•广东）下列关于声音的说法正确的是（　　）　A．声音是电磁波的一种B．声音的频率越高，响度越大　C．声音是由物体的振动产生的D．声音的振幅越大，音调越高

考点：声音的综合利用．专题：声现象．

分析：解决此题的关键是要知道声音是由物体的振动产生的，电磁波是变化的电流在空间激起的；声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；声音的强弱叫响度，响度的大小与物体的振幅有关，振幅越大，响度越大．解答：解：A、声音是由物体振动产生的，电磁波是变化的电流在空间激起的，声音不是电磁波，故A错误；B、物体的振动频率越高，我们听到声音的音调越高，故B错误；C、声音是物体振动产生的，故C正确D、物体的振动越大，声音的响度越大，故D错误；故选C．点评：解决此类问题的关键是知道声音产生的原因、声音的音调与频率的关系、响度与振幅的关系等，属于综合性的题目．　2．（3分）（2016•广东）在探究蒸发快慢与哪些因素有关的实验中，如图主要用来探究（　　）　A．蒸发的快慢与液体的温度的关系B．蒸发的快慢与气压的关系　C．蒸发的快慢与液体表面积的关系D．蒸发的快慢与空气流动的关系

考点：影响蒸发快慢的因素．专题：探究型实验综合题．分析：影响蒸发快慢的因素有：液体温度、液体表面积、液体表面空气流速．判断本实验是研究和哪一因素的关系，要看清控制不变的量和对比变化的量分别是什么．解答：解：在本题实验中，两物体具有相同的表面积，在相同的位置，表面空气流速是相同的，一个在树荫下，一个在阳光下，所以研究的是与液体温度的关系．故选：A．点评：知道影响蒸发快慢的三个因素，在对比实验中，不同的因素就是要研究的因素．　3．（3分）（2016•广东）如图所示，两表面磨平的铅块紧密接触后可吊起台灯，这说明（　　）　A．分子间存在斥力B．分子间存在引力　C．分子间存在间隙D．分子在不停地做无规则运动

考点：分子间的作用力．专题：分子热运动、内能．

分析：分子动理论的初步知识：物质是由大量分子组成的；分子都在不停地做无规则运动；分子间存在相互作用的引力和斥力；分子间存在间隙．解答：解：两表面磨平的铅块紧密接触后，由于铅块分子之间存在引力，使两个铅块连成了一个整体，所以可以让台灯悬挂在下边．故选B点评：本题考查了分子动理论的内容，属于识记性内容，比较简单．　4．（3分）（2016•广东）关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是（　　）　A．物体的内能增加，一定是从外界吸收了热量　B．0℃的冰块没内能　C．做功可以改变物体的内能　D．物体放出热量时，温度一定降低

考点：温度、热量与内能的关系．专题：热和能．分析：（1）一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关；（2）物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化；（3）改变物体内能的两种方式：做功和热传递．解答：解：A、改变物体内能的方法有：做功和热传递；物体温度升高可能是对它做功，也可能时热传递，故A说法错误；B、一切物体都有内能，0℃的冰块具有内能，故B选项说法错误；C、改变物体内能的两种方式：做功和热传递，所以C说法正确；D、物体放热时，温度不一定下降，比如：晶体在凝固过程中虽然继续放热，但温度是不变的；故D说法错误．故选C．点评：本题是一道热学综合题，主要考查学生对内能及改变物体内能方法的理解，是中招的热点，热学的难点．　5．（3分）（2016•广东）静止放置在水平桌面上的水杯，如图所示，下列属于一对平衡力的是（　　）　A．水杯的重力与桌面对水杯的支持力　B．水杯的重力与水杯对桌面的压力　C．水杯的重力与水杯对地球的吸引力　D．水杯对桌面的压力与桌面对水杯的支持力

考点：平衡力的辨别．专题：运动和力．分析：平衡力的判断，两个力必须同时满足四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上．缺一不可．解答：解：A、水杯受到的重力和桌面对水杯的支持力，两者大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故A正确；B、水杯的重力与水杯对桌面的压力，这两个力的方向相同，都竖直向下，所以不是平衡力，故B不正确；C、水杯的重力与水杯对地球的吸引力，两者大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故C不正确；D、水杯对桌面的压力与桌面对水杯的支持力，两者大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是一对相互作用力，故D不正确．故选A．点评：此题主要考查学生对平衡力的辨别，学习中特别要注意平衡力和相互作用力的区别：是否作用于同一物体．　6．（3分）（2016•广东）图中“+”、“﹣”分别表示电表的正负接线柱，可以测量R消耗的电功率的电路图是（　　）　A．B．C．D．

考点：电功率的测量．专题：图像综合题．分析：实验中应保证电流由电表的正接线柱流入由负接线柱流出，并且电流表要串联在电路中，而电压表并联在电源两端，分析电表的连接即可得出正确电路．解答：解：A、由图示可知，电压表与待测电阻串联，电流表与电阻并联，电路连接错误，故A错误；B、由图示电路图可知，电压表与电阻并联，电流表与电阻串联，用该电路可以测出电阻R消耗的电功率，故B正确；C、由图示电路图可知，电表正负接线柱接反了，电路连接错误，故C错误；D、由图示电路图可知，电压表与电阻串联，电路连接错误，故D错误；故选B．点评：电学实验中要特别注意仪表的接法，能正确使用各仪器才能准确得出实验的结论．　7．（3分）（2016•广东）一杯酒精用掉一半，剩下一半的酒精的质量、密度、比热容和热值的情况是（　　）　A．质量、密度、比热容和热值不变　B．质量和密度变为原来的一半，比热容和热值不变　C．质量和热值变为原来的一半，密度和比热容不变　D．质量变为原来的一半，比热容和热值不变

考点：物质的基本属性．专题：其他综合题．分析：质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变；密度、比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种物质的比热容、热值一般不变．解答：解：质量是指物体所含物质的多少；一瓶酒精用去一半后，其质量将减半．酒精的密度、比热容和热值，都表示酒精的某种特性，是从不同的角度来描述酒精的特性，一般不发生变化，只与物质的种类和状态有关；故一瓶酒精用去一半，则剩下的酒精密度、比热容和热值不变．故选D．点评：此题主要考查学生对物质概念的理解和掌握，明确各个物理量的真正含义后，可顺利解决此题．　二、填空题（共7小题，每空1分，满分21分）8．（3分）（2016•广东）原子是由原子核和核外　电子　组成，原子核是由带正电的　质子　和不带电的　中子　组成．

考点：原子结构、元电荷与带电情况．分析：根据我们对于原子结构和原子核结构的认识做出解答．解答：解：原子是由位于中心的原子核和核外电子组成的，原子核带正电，电子带负电；原子核又是由质子和中子组成，质子带正电，中子不带电．故答案为：电子；质子；中子．点评：此题考查我们对于原子结构的认识，解答的关键是质子和中子的带电情况，这个问题容易忽视．　9．（3分）（2014•广东）如图所示，双手轻轻捏住一张薄纸，将它放在下嘴唇底下，然后沿着纸片的表面用力吹气，纸片被“吹”了起来，这是因为纸片上表面的气体的流速比下面的要　大　，纸片上表面气体压强比下表面的要　小　（前两空选填“大”或“小”）．纸片所受向上的压力　大于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）向下的压力．

考点：流体压强与流速的关系．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：流体流速越大的位置压强越小，据此来对图中的现象进行分析．解答：解：如图，当用嘴沿纸片吹气时，纸的上方空气流速大，压强小，下方空气流速慢，压强大，于是产生一个向上的压力差，使纸片向上抬起；故答案为：大；小；大于点评：本题考查流体压强与流速的关系，要知道流速越快，压强越小．　10．（3分）（2014•广东）在水平公路上做匀速直线运动的汽车，此时汽车的牵引力　等于　（选填“大于”、“小于”或“等于”）汽车所受的阻力；行李架上的物体以　汽车（或车厢的坐椅）　为参照物，它是静止的，以　路边的树木（或房屋）　为参照物，它是运动的．

考点：二力平衡条件的应用；运动和静止的相对性．专题：运动和力．分析：（1）解决此题可以通过求解水平方向汽车受到合力的情况进行分析，当合力方向与运动方向相同时，汽车加速；当合力方向与运动方向相反时，汽车减速；当合力为零时，汽车匀速运动．（2）研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化，如果变化，物体是运动的，如果没变化，则是静止的．由此来突破此题．解答：解：（1）行驶的汽车在水平方向上受到牵引力和阻力的作用，汽车做匀速直线运动，受平衡力作用，牵引力等于阻力，合力为零；（2）放在行李架上的物品相对于火车头、车箱的坐椅、乘客之间的位置没发生变化，所以相对于火车头、车厢的坐椅、乘客是静止的；而相对于路边的树木、房屋之间的位置发生了变化，所以相对于路边的树木、房屋是运动的．故答案为：等于；汽车（或车厢的坐椅）；路边的树木（或房屋）．点评：解决此题要结合合力与运动方向的关系判断物体的运动情况．一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物．所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同．这就是运动和静止的相对性．　11．（3分）（2014•广东）晶体在熔化的过程中需要不断从外界　吸热　，温度　不变　；钨的熔点是3410℃，它的凝固点是　3410　℃．

考点：熔化与熔化吸热特点；熔点和凝固点．专题：温度计、熔化和凝固．分析：晶体是固态时，吸收热量，温度升高；达到熔点，继续吸热，温度保持不变；熔化过程结束，吸收热量，温度升高．灯泡的灯丝是由钨制成，它的熔点是3410℃，凝固点与熔点相同，也是3410℃．解答：解：晶体在熔化的过程中需要不断从外界吸热，温度不变；钨的熔点是3410℃，它的凝固点是3410℃．故答案为：吸热；不变；3410．点评：本题考查的是熔化的特点及熔点与凝固点的关系，牢记即可．　12．（3分）（2014•广东）如图所示，闭合开关，当导体ab向右运动时，电流表指针向左偏转，那么当ab向左运动时，电流表指针向　右　偏转，如果将磁体两极的位置对调，ab向右运动时，电流表指针向　右　偏转，此过程　机械能　转换为电能．

考点：电磁感应．专题：电和磁．分析：（1）产生感应电流的条件：闭合的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流产生．（2）感应电流的方向跟导体切割磁感线方向、磁场方向有关．解答：解：（1）保持电路闭合，让导体在磁场中向右运动，灵敏电流表的指针向左偏转，表明电路中有感应电流．让导体在磁场中向左运动时，因为导体中感应电流的方向跟导体切割磁感线方向有关．，所以灵敏电流表的指针向右偏转，电路中电流方向相反．（2）两个磁极对调，使磁感线的方向反向，闭合开关，让导体在磁场中向右运动，因为导体中的感应电流的方向跟磁场方向有关．所以灵敏电流表的指针向右偏转，（3）在电磁感应现象中，将机械能转化为电能．故答案为：右；右；机械能．点评：本题通过产生感应电流的条件和感应电流的方向的影响因素来推导出实验现象，是学以致用额典型题目．　13．（3分）（2014•广东）如图是测量酱油密度的过程，从图1可读出烧杯的质量，图2可读出烧杯和酱油的总质量，图3可读出烧杯中全部酱油的体积．那么，酱油的质量m=　45　g，酱油的体积V=　40　cm3，酱油的密度ρ=　1.125×103　kg/m3．

考点：液体的密度测量实验．专题：测量型实验综合题．分析：（1）天平标尺上最小的一格代表的质量叫标尺的分度值；使用天平测量物体质量时，首先要明确标尺的分度值，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和．（2）读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；（3）已知烧杯和酱油的总质量和剩余酱油和烧杯的质量，可以得到量筒中酱油的质量；已知酱油的质量和体积，利用公式ρ=得到酱油的密度．解答：解：在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；烧杯的质量m=20g+10g+5g=35g烧杯和酱油的总质量是m1=50g+20g+10g=80g；酱油的质量为m=m1﹣m2=80g﹣35g=45g，量筒的分度值为2cm3，酱油的体积为V=40cm3；酱油的密度为ρ===1.125g/cm3=1.125×103kg/m3．故答案为：45；40；1.125×103．点评：此题中考查了关于液体密度测量的基本技能，包括天平、量筒的读数，运用密度的公式进行计算，以及测量误差的分析等．　14．（3分）（2014•广东）如图所示，电源电压为12V，灯泡上标有“12V12W”．ae和bf是同种型号的电阻丝，每1m的电阻丝均为0.5Ω，其它导线电阻不计．c，d两点始终保持与电阻丝良好接触，设ac与bd长度均为3m，那么，小灯泡两端电压为　9.6　V．两电阻丝在100s内产生的热为　192　J，当c，d两点向右移动时，灯泡的亮度将　变暗　．（设灯泡电阻丝不随温度而变化）

考点：欧姆定律的应用；电功率的计算；焦耳定律．专题：应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=求出灯泡的电阻；由题意可知，灯泡的电阻与ac、bd段电阻串联，根据题意求出两段电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出灯泡两端的电压，根据Q=I2Rt求出两电阻丝在100s内产生的热；（2）根据c，d两点的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据P=I2R可知灯泡实际功率的变化，进一步根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小判断其亮暗．解答：解：（1）由P=可得，灯泡的电阻：RL===12Ω，由题意可知，灯泡的电阻与ac、bd段电阻串联，因每1m的电阻丝均为0.5Ω，所以，Rac=Rbd=3m×0.5Ω/m=1.5Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I===0.8A，灯泡两端的电压：UL′=IRL=0.8A×12Ω=9.6V，两电阻丝在100s内产生的热：Q=I2（Rac+Rbd）t=（0.8A）2×（1.5Ω+1.5Ω）×100s=192J；（2）当c，d两点向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，因P=I2R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，所以，灯泡的实际功率变小，灯泡变暗．故答案为：9.6；192；变暗．点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的灵活应用，能把电路看成串联电路来处理是关键．　三、作图题（共4小题，满分7分）15．（1分）（2014•广东）如图是静止在水平桌面上的篮球，请作出这个篮球受力的示意图．

考点：力的示意图．专题：图像综合题．分析：物体受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是向上的．解答：解：篮球受到两个力：重力G和支持力F，这两个力是一对平衡力．过篮球重心分别作竖直向上的支持力和竖直向下的重力即可，如图所示：点评：重力的方向总是竖直向下，会根据具体的接触面判断支持力的方向，并会用示意图表示物体受力情况．　16．（2分）（2014•广东）请在图中作出光线从空气中进入水中的大致光线．

考点：作光的折射光路图．专题：图像综合题．分析：根据光的折射规律作图．光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角．解答：解：根据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角即可作图，如图所示：点评：光的折射作图，记住角的大小关系：由空气斜射入水，折射角小，由水斜射入空气，折射角大．即空气中的光线和法线的夹角总是大的．　17．（2分）（2014•广东）请在图中标出通电螺线管磁感线方向，在括号中标出电源的正负极．

考点：通电螺线管的磁场．专题：磁现象、电生磁．分析：知道小磁针的磁极，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的磁极，再根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极．磁感线的方向，知道在磁体的外部，磁感线从磁体的北极出来，回到南极．解答：解：从图可知，小磁针的右端是S极，左端为N极；由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可知通电螺线管的右端是N极，左端是S极．根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电源的右端为正极，左端是负极．如图所示：在磁体的外部，磁感线都是从磁体的N极出来回到S极，所以磁感线方向都向左．点评：安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个．其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起．　18．（2分）（2014•广东）请用笔画线代替导线在图中连接家庭电路．要求开关控制螺口灯泡，三孔插座直接接入电路．

考点：家庭电路的连接．专题：图像综合题．分析：（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套．（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．解答：解：（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故．既能控制灯泡，又能更安全．（2）安装安全用电原则，上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线．如下图所示：点评：掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性．　四、实验题（共3小题，满分20分）19．（7分）（2014•广东）（1）如图所示，两种不同规格的刻度尺测量同一只铅笔的长度，图1中铅笔的长度是　4.7　cm，图2中铅笔的长度是　4.70　cm．（2）图3中体温计的测量范围是　35～42　℃，体温计的示数是　37.6　℃；图4中机械秒表的示数是　32s　．（3）小林家5月底电能表示数如图5所示，6月底电能表示数为100.0kW•h，那么6月份他家消耗了　68.0　的电能，在某段时间内，转盘转过了400转，表示此段时间内他家用了　0.16　度电．

考点：长度的测量；体温计的使用及其读数；时间的测量；电能表参数的理解与电能的求法．专题：基本仪器的使用专题．分析：（1）①测量能够达到的准确程度决定于测量工具的分度值．②使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．（2）①使用体温计测量人体温度时，首先要明确体温计的量程和分度值，读数时视线与液柱最末端所对刻线相垂直．②（2）秒表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和．（3）电能表的读数方法：月末的减去月初的示数；最后一位是小数；单位kW•h；2500r/kW•h表示的是电路中每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转2500r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，求出转盘转400转电路中消耗的电能．解答：解：（1）由图知：①图1刻度尺上1cm之间有1个小格，所以一个小格代表的长度是1cm，即此刻度尺的分度值为1cm；物体左侧与2.0cm对齐，右侧在6cm和7cm之间，估读为6.7cm，所以物体的长度为L=6.7cm﹣2.0cm=4.7cm．②图2刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm=1mm；物体左侧与2.00刻度线对齐，右侧在6.70cm处，所以物体的长度为L=6.70cm﹣2.00cm=4.70cm．（2）由图知：①在体温计上，最小示数是35℃，最大示数是42℃，所以其测量范围为35℃～42℃；在1℃之间有10个小格，一个小格代表0.1℃，即此体温计的分度值为0.1℃；此时的示数为37.6℃．②在秒表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“5”上，所以分针指示的时间为0.5min=30s；在秒表的大表盘上，1s之间有10个小格，所以一个小格代表0.1s，指针在2s处，所以秒针指示的时间为2s，即秒表的读数为30s+2s=32s．（3）5月底电能表读数32.0kW•h，则6月份小林家消耗电能W=W1﹣W2=100.0kW•h﹣32.0kW•h=68.0．2500r/kW•h表示电能表每转1r，电路中消耗kW•h的电能，电能表转动400r，电路消耗的电能为：W=400×kW•h=0.16kW•h．故答案为：（1）4.7；4.70；（2）35～42；37.6；32s；（3）68.0；0.16．点评：物理测量中有很多的测量工具，刻度尺、秒表、电流表、电压表、天平、量筒、弹簧测力计、温度计等，任何一种工具，一定要注意每一个大格和每一个小格各代表多少．刻度尺需要估读，其他的测量工具不需要估读，读出最接近的数值．　20．（7分）（2014•广东）在“探究凸透镜成像规律”的实验中．（1）如图所示，让平行光正对着凸透镜照射，左右移动光屏，直到光屏上出现一个最小最亮的光斑，测得凸透镜的焦距f=　15　cm．（2）如图2所示，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，左右移动光屏，在光屏上能否得到清晰的蜡烛像？为什么？答：　不能，因为当u＜f时，成正立放大的虚像，不能用光屏接收　．（3）如图3所示，蜡烛能在光屏上形成清晰的像，此像是　倒立　、　放大　的实像．如果此时撤去光屏，人眼在如图所示的位置　能　（选填“能”或“不能”）直接看到蜡烛的实像．（4）在图3中，保持凸透镜的位置不变，如图蜡烛向左移动5cm，为了在光屏上得到一个清晰的像，光屏应该向　左　（选填“左”或“右”）移动．

考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）根据焦距的概念，计算出焦距的大小．从焦点到凸透镜的距离；（2）当u＜f时，成正立放大的虚像，不能用光屏接收；（3）当2f＞u＞f时，成倒立放大实像；（4）物远像近像变小．解答：解：（1）由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，说明凸透镜对光线具有会聚作用；光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距为f=35cm﹣20cm=15cm．（2）由图可知此时的物距为u=20cm﹣10cm=10cm＜15cm，成正立放大的虚像，不能用光屏接收；（3）由图可知此时物距为u=30cm﹣10cm=20cm，这时，2f＞u＞f，成倒立放大实像，当撤去光屏，人眼睛在光屏的位置能看到物体的实像；（4）当凸透镜位置不变，将蜡烛向左移动5cm，此时物距减小，要想在光屏上再一次成清晰的像，需要将像距减小，即将光屏向左移动．故答案为：（1）15；（2）不能，因为当u＜f时，成正立放大的虚像，不能用光屏接收；（3）倒立，放大；能；（4）左．点评：此题考查学生对于凸透镜成像实验的理解和掌握．　21．（6分）（2014•广东）如图所示，利用铁架台、带有刻度的杠杆，细线、数量足够的钩码等试验器材探究杠杆的平衡条件．（1）实验前杠杆如图所示，为使杠杆处在　水平位置　平衡状态，应将杠杆右端的平衡螺母B向　右　（选填“左”或“右”）调．（2）记录试验数据的表格如下表，请将表头栏目，试验所记录的数据补充完整．实验次数①　动力F1/N　动力臂L1/m阻力臂F2/m②　阻力臂F2/N　120.330.2240.48③　0.2　35④　0.3　60.25

考点：探究杠杆的平衡条件实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）研究杠杆平衡条件时，要先调节平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，使力臂在杠杆上，这样方便读取力臂竖直；杠杆平衡的调节方法是：左沉右调，右沉左调；（2）根据表格中提供的数据和杠杆平衡条件F1L1=F2L2进行计算．解答：解：（1）为使力臂在杠杆上，方便读取力臂，应使杠杆在水平位置平衡，研究杠杆平衡条件，未挂钩码时，杠杆左端下沉，应将横梁右端的螺母向右边旋一些，（2）探究杠杆平衡条件的实验中除要测量每次实验中动力臂、阻力臂的大小，还要测量出每次实验中的动力和阻力的大小，故①应为“动力F1/N”、②应为“阻力F2/N”；③、第2次实验：根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，4N×0.4m=F2×8m，则F2=0.2N；第3次实验：根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2得，5N×L1=0.25N×6m，则L1=0.3m．故答案为：（1）水平位置；右；（2）①动力F1/N；②阻力臂F2/N；③0.2；④0.3．点评：此题是“探究杠杆的平衡条件”实验，考查了杠杆的调平及目的，杠杆平衡条件的应用，都是杠杆平衡条件中的常见知识．　五、计算题（共2小题，满分13分）22．（7分）（2014•广东）如图是某种升降电梯工作原理图，它由轿厢、配重、缆绳、滑轮和电动机等部件组成，连接轿厢的两根缆绳非常靠近，轿厢空载时的重量是3100N，配重的重量是3000N，某次电梯载货量的重量是1000N，当电梯匀速上升15m，所用的时间为10s，不计缆绳重力和一切摩擦阻力，在此运动过程中，求：（1）轿厢的速度大小．（2）配重重力对配重做的功．（3）电动机的功率至少多大？

考点：滑轮组及其工作特点；功的计算；功率的计算．专题：机械与功．分析：（1）知道矫厢在10s匀速升高15m，用速度公式求轿厢的速度大小；（2）由图可知，通过定滑轮拉轿厢，当电梯上升15m时，配重下降15m，根据W=Fs求出配重重力对配重做的功．（3）分析轿厢受力确定电机对轿厢的拉力，利用P==Fv求出电动机的功率．解答：解：（1）轿厢运动的速度：v===1.5m/s；（2）配重重力对配重做的功：W=Fs=Gh=3000N×15m=4.5×104J．（3）当轿厢匀速上升时，轿厢竖直向下受到自身重和载货重，竖直向上受到配重拉力和电机的拉力，满足G空+G货=F配+F电，所以，F电=G空+G货﹣F配=3100N+1000N﹣3000N=1100N，所以，电动机的至少功率：P===F电v=1100N×1.5m/s=1650W．答：（1）轿厢的速度大小为1.5m/s；（2）配重重力对配重做的功为4.5×104J；（3）电动机的功率至少为1650W．点评：此题通过对电梯的分析，综合了考查了速度、功、功率的计算，本题关键有二：一是使用定滑轮s=h，二是会利用P==Fv计算．　23．（6分）（2014•广东）如图是家用电热壶及铭牌，假设电热壶电阻丝电阻不变，水的比热容c水=4.2×103J/（kg•℃），水的密度ρ水=1.0×103kg/m3．求：（1）电热壶电阻丝的电阻．（2）不考虑热损失，电热壶正常工作时，把1L水从20℃加热到100℃所需要的时间．（3）当电压为198V时，电热壶的实际功率．

考点：电功与热量的综合计算．专题：计算题；电和热综合题．分析：（1）由图可知，电热壶的额定电压和额定功率，根据P=求出电热壶电阻丝的电阻；（2）根据密度公式求出水的质量，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，不考虑热损失时，利用Q吸=W=Pt求出加热时间；（3）根据P=求出当电压为198V时，电热壶的实际功率．解答：解：（1）由电热壶的铭牌可知，额定功率P=1000W，额定电压U=220V，由P=可得，电热壶电阻丝的电阻：R===48.4Ω；（2）水的体积：V=1L=1×10﹣3m3，由ρ=可得，水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×1×10﹣3m3=1kg，水吸收的热量：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）=3.36×105J，因不考虑热损失，所以，电热壶消耗的电能：W=Q吸=3.36×105J，电热壶正常发光时的功率为1000W，由P=可得，加热时间：t===336s；（3）当电压为198V时，电热壶的实际功率：P实===810W．答：（1）电热壶电阻丝的电阻为48.4Ω；（2）不考虑热损失，电热壶正常工作时，把1L水从20℃加热到100℃需要336s；（3）当电压为198V时，电热壶的实际功率为810W．点评：由电热水壶铭牌找出其额定电压与额定功率是正确解题的前提，熟练应用电功率的变形公式、吸热公式是正确解题的关键．　六、综合能力题（共3小题，满分18分）24．（6分）（2014•广东）某同学利用图1所示的电路来测量一未知电阻Rx．（1）请用笔画线代替导线，将图1中实物图连接完整．（2）闭合开关后，当滑动电阻器的滑片向左移动到某一位置时，电压表的示数为1.2V，电流表的示数如图2所示，则I=　0.3　A，Rx=　4　Ω．（3）该同学又设计了如图3所示的测量电路，同样可以测量未知电阻Rx，其中R0是定值电阻．请在空格内把实验步骤补充完整．①　闭合开关S、S1　，用电压表测出电源的电压U；②　闭合开关S、断开S1　，用电压表测出待测电阻R1两端的电压为U1；③请用测量值U和U1，已知量R0来表达Rx=　　．

考点：伏安法测电阻的探究实验．专题：实验题；测量型实验综合题．分析：（1）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，要注意开关闭合前滑动变阻器处于最大阻值处；（2）根据电流表的量程和分度值读出示数，根据欧姆定律求出Rx的阻值；（3）由电路图可知，当开关S、S1均闭合时电路为Rx的简单电路，电压表测电源的电压；当开关S闭合、S1断开时，R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压；根据串联电路的分压特点和定值电阻的阻值求出Rx的阻值，据此设计实验步骤得出结果．解答：解：（1）滑动变阻器的下方接线柱与开关的右方接线柱相连即可，如下图所示：（2）由图2可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，则I=0.3A，由I=可得，Rx===4Ω；（3）实验步骤：①闭合开关S、S1，用电压表测出电源的电压U；②闭合开关S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；③因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压：U0=U﹣Ux=U﹣U1，因串联电路中各处的电流相等，所以，I==，即=，解得：Rx=．故答案为：（1）如上图所示；（2）0.3；4；（3）①闭合开关S、S1；②闭合开关S、断开S1；③．点评：本题考查了实物图的连接和电流表的读数、欧姆定律的应用、串联电路的特点等，关键是知道有电压表、无电流表时可根据串联电路的电流、电压特点进行设计实验．　25．（6分）（2014•广东）阅读下面的短文，回答问题半导体制冷半导体材料有P型半导体和N型半导体两种，除了可以用于各种电子元器件外，还可以用作制冷材料．如图是一个半导体制冷单元的原理图，P型半导体和N型半导体的上端和铜片A连接，下端分别与铜片B连接后接到直流电源的两端，此时电路的电路流方向是从N型半导体铜片A流向P型半导体，铜片A会从空气吸收热量，铜片B会向空气放出热量；反之，改变直流电源的正负极方向，使电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量．由于半个制冷单元制冷量小，为了满足实际需要，需要多个制冷单元同时工作．请回答下列问题（1）如图，若要使一个电冰箱箱内的温度下降，铜片A置于电冰箱的　箱内　，铜片B置于电冰箱　箱外　（前两空选填“箱内”、“箱外”），这就是半导体冰箱的工作原理，若将图中的电源换成交流电源，此时电冰箱能否正常制冷？答：　不能　．（2）若将图中P型半导体与N型半导体位置互换，其它条件不变，则铜片A上表面空气的温度将　上升　，若将图中电源正负极互换，其他条件不变，则铜片B表面空气的温度将　下降　．

考点：半导体的特点．专题：粒子与宇宙、材料世界．分析：（1）要解答此题需掌握半导体二极管的特点单向通电性，加以运用．通电后有一面是吸热（制冷），一面是散热（将吸的热量散掉）．由于交流电源电压较大，且电流方向不断变化，不能直接使用．（2）将图中P型半导体与N型半导体位置互换，这时电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量；若将图中电源正负极互换，其他条件不变，电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量．解答：解：（1）由短文提供的信息可知，①电路的电路流方向是从N型半导体铜片A流向P型半导体，铜片A会从空气吸收热量，应置于冰箱的箱内，从冰箱内吸收热量，使电冰箱箱内的温度下降；铜片B会向空气放出热量，应置于冰箱的箱外；②铜片B会向空气放出热量，应置于冰箱箱外，把从箱内吸收的热量散发掉，达到制冷的目的；③交流电源的电流方向是变化的，这样吸热和放热的状态就会不断改变，不能使吸热的部分恒定保持吸热状态，不能使放热的地方恒定保持放热状态．（2）①将图中P型半导体与N型半导体位置互换，这时电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，使得铜片A上表面空气的温度上升；②若将图中电源正负极互换，其他条件不变，电流方向从P型半导体铜片A流向N型半导体，这时铜片A会向空气释放热量，铜片B会从空气吸收热量，铜片B表面空气的热量由于被吸收而下降．故答案为：（1）箱内；箱外；不能；（2）上升；下降．点评：本题以冰箱为载体，考查了半导体的特点以及冰箱的工作原理，考查了学生解决实际问题的能力．能够从短文中获取对解题有用的信息是解题的关键．　26．（6分）（2014•广东）建设中的港珠澳大桥由桥梁和海底隧道组成，隧道由一节一节用钢筋混凝土做成的空心沉管连接而成，如图所示，建造隧道时，现将沉管两端密封，如同一个巨大的长方体空心箱子，然后让其漂浮在海面上，向其内部灌水使之沉入海底．设某一节密封的长方体沉管的长、宽、高分别是180m，35m，10m，总质量为6×107kg．（海水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）（1）漂浮在海面上的密封沉管，在灌水前受到的浮力F浮=　6×108　N．（2）在对密封沉管灌水使其下沉过程中，其下表面受到海水的压强大小将　变大　，当密封沉管上表面刚好水平浸没在海水中时，注入的海水至少为　3×106　kg，此时其下表面受到海水的压力等于　6.3×108　N．（3）当密封沉管灌水下沉到海底后，将其下半部分埋入海底的泥沙中，再将灌入其中的海水全部抽出，此时空心密封沉管不会再上浮，请应浮力的知识来解释其原因．答：　下表面不受海水的压力，根据浮力的产生原因，沉管不再受海水的浮力　．

考点：阿基米德原理；液体压强计算公式的应用．专题：压强和浮力．分析：（1）密封沉管灌水前漂浮，根据漂浮条件F浮=G计算出浮力；（2）根据P=ρgh，液体内部的压强随深度的增大而增大；沉管上表面刚好水平浸没在海水中，处于悬浮，根据F浮=G总，计算海水的重力和质量；根据浮力产生的原因，下表面受海水的压力即浮力；（3）根据浮力的产生原因解答．解答：解：（1）沉管灌水前漂浮，F浮=G=mg=6×107kg×10N/kg=6×108N；（2）①根据P=ρgh，液体内部的压强随深度的增大而增大，密封沉管灌水使其下沉过程中，其下表面受到海水的压强将变大；②沉管浸没水中，受到的浮力为：F=ρgV=1.0×103kg/m3×10N/kg×（180m×35m×10m）=6.3×108N，体积不变，浮力大小不变，处于悬浮状态，F浮=G总=G管+G水，G水=F浮﹣G管=6.3×108N×6×108N=3×107N，m===3×106kg；③浸没在水中的物体受到的浮力等于上下表面的压力差，沉管下表面受到海水的压力F下=6.3×108N；（3）沉管下半部分埋入海底的泥沙中，下表面不受海水的压力，根据浮力的产生原因，沉管不再受海水的浮力，此时空心密封沉管不会再上浮．故答案为：（1）6×108；（2）变大；3×106；6.3×108；（3）下表面不受海水的压力，根据浮力的产生原因，沉管不再受海水的浮力．点评：本题综合考查了浮力的产生原因、浮力的计算，理解和熟记浮沉条件和阿基米德原理是解题的关键．